Попробуй так

include ("bd_fotouser.php");
	       			$sql17 = "SELECT `id`,`avatar` FROM `fotouser` WHERE `id_user_ava`='$id'";
	       			$result17 = mysql_query($sql17, $db_foto)or die("Ошибка в запросе: " . mysql_error());
	       			if (!$result17)
	      			{
	      			echo "ошибка - ".mysql_error()."<br>";
	       			echo $sql17;
	       			exit();
	      			}

					if(mysql_num_rows($result17) > 0)
						while($myrow17 = mysql_fetch_assoc($result17))
						{
						//ещё кнопки удаления и установки главной фотографии
						//если нет фоток,то надпись"не загружали фотографий" будет выводиться мнгого раз?
						//должно выводиться сообщение с вопросом-"вы уверены,что хотите удалить изображение?"
						//может быть сделать файл,в котором будут оговаривать условия загрузки изображений-(не картинки,не дети,не животные и т.д.)
							
				    		$avaForma.='<img class="img_red" alt="" src="'.$myrow17["avatar"].'">
							<a name="del_foto" href=""><img class="dell_img" alt="" src="/znakomstva/files/net-avatara.jpg"></a>
							<input type="hidden" name="dell_img_id" value="'.$myrow17["id"].'">';
							$avaForma.='<strong class="img_no">"Вы ещё не загружали фотографии!"</strong><br>';  
						}
else $avaForma.='<strong class="img_no">"Вы ещё не загружали фотографии!"</strong><br>';

Вы,прямо,мой ангел-хранитель на поприще программирования!)))
Повторил всё в точности как Вы сказали исключив строчку:

$avaForma.='<strong class="img_no">"Вы ещё не загружали фотографии!"</strong><br>';  

в условии if.Теперь выдаёт ошибку:

Warning: mysql_num_rows() expects parameter 1 to be resource, null given in Z:

И выводит сообщение,что не загружал ещё сообщений,хотя одно есть.А если загрузить второе,то выведет его проигнорив первое...

Вот так должно сработать

include ("bd_fotouser.php");
	       			$sql17 = mysql_query("SELECT `id`,`avatar` FROM `fotouser` WHERE `id_user_ava`='$id'") or die(mysql_error());
	       			

					if(mysql_num_rows($sql17) > 0)
						while($myrow17 = mysql_fetch_assoc($result17))
						{
						//ещё кнопки удаления и установки главной фотографии
						//если нет фоток,то надпись"не загружали фотографий" будет выводиться мнгого раз?
						//должно выводиться сообщение с вопросом-"вы уверены,что хотите удалить изображение?"
						//может быть сделать файл,в котором будут оговаривать условия загрузки изображений-(не картинки,не дети,не животные и т.д.)
							
				    		$avaForma.='<img class="img_red" alt="" src="'.$myrow17["avatar"].'">
							<a name="del_foto" href=""><img class="dell_img" alt="" src="/znakomstva/files/net-avatara.jpg"></a>
							<input type="hidden" name="dell_img_id" value="'.$myrow17["id"].'">';
						}

Сделал так(подсказали):

if (mysql_num_rows($result17)==0)
    {
        $avaForma.='<strong class="img_no">"Вы ещё не загружали фотографии!"</strong>';  
    }
    else
    {
        while($myrow17 = mysql_fetch_assoc($result17))
        {
            $avaForma.='<img class="img_red" alt="" src="'.$myrow17["avatar"].'">
            <a name="del_foto" href=""><img class="dell_img" alt="" src="/znakomstva/files/net-avatara.jpg"></a>
            <input type="hidden" name="dell_img_id" value="'.$myrow17["id"].'">';
        }
    }

Спасибо за помощь!
Вот только,когда через alert вывожу id,которые попали в $myrow,то выводит один и тот же-последней добавленной...тут в чём причина?

panich
покажи как выводишь

Да всё просто:

$('.dell_img').click(function(){
	var fovoIdDell = $('input[name=dell_img_id]').val();
	alert (fovoIdDell);
});

Я хочу потом через ajax запрос реализовать отправку данных...

$sql17 = mysql_query("SELECT `id`,`avatar` FROM `fotouser` WHERE `id_user_ava`='$id' ORDER BY ASC") or die(mysql_error());

:ph34r:

Как умею...
подскажите,что не так!

Игорь_Vasinsky
я не всматривался в запрос

$sql17 = mysql_query('SELECT `id`,`avatar` FROM `fotouser` WHERE `id_user_ava`="'.$id.'" ORDER BY ASC');

так попробуй

$('.dell_img').click(function(){
	var fovoIdDell = $(this).parent().parent().find('input[name=dell_img_id]').val();
	alert (fovoIdDell);
});

Чот не получается!

Подсказали:

$('.dell_img').click(function(){
     $('input[name=dell_img_id]').each(function(){
        alert($(this).val());
      });
});

Вот так работает уже почти правильно как задумал.Только начал читать про js и ajax-забыл про each.
Смысл в том,что хочу потом через ajax передавать переменную в php файл и поэтому нужен id каждой конкретной картинки,соответственно,чт о тут ни так делаю:

var fovoIdDell = $('input[name=dell_img_id]').each($(this).val());

Хочу получить по щелчку и вывести через alert идентификатор конкретного изображения.То-есть нажал на кнопку рядом с ним:

<a name="del_foto" href=""><img class="dell_img" alt="" src="/znakomstva/files/net-avatara.jpg"></a>

И вывело конкретное id именно этого изображения!Как реализовать?

Так вообще бред выдаёт...надеялся,что сработает)))

А как Вы ранее написали-так опять 63 везде высвечивает-рядом с какой бы кнопкой не нажал!!!Вот такие вот дела...(((

panich
потому, что ты вдумайся в смысл, он сам бредовый, переменной присваивать значения, которые гоняться в цикле

ну так, вот так сделай и мой способ сработает

if (mysql_num_rows($result17)==0)
    {
        $avaForma.='<strong class="img_no">"Вы ещё не загружали фотографии!"</strong>';  
    }
    else
    {
        while($myrow17 = mysql_fetch_assoc($result17))
        {
            $avaForma.='<div><img class="img_red" alt="" src="'.$myrow17["avatar"].'">
            <a name="del_foto" href=""><img class="dell_img" alt="" src="/znakomstva/files/net-avatara.jpg"></a>
            <input type="hidden" name="dell_img_id" value="'.$myrow17["id"].'"></div>';
        }
    }

Работает!
А почему <div> необходим был?
А так вот решение тоже работает:

$('a[name=del_foto]').click(function(){
     var val = $(this)next().val();
     alert(val);
});

panich
потому что необходим был родительский элемент.